Système de levage d'exercice avec poutres et poulies

[Anto0002]

Bonjour à tous les garçons, j'essayais de résoudre cet exercice mais j'avais quelques doutes. la masse m est de 500 kg, donc la multipliant par la force de gravité j'ai obtenu la force que j'ai dû soulever à travers la carrucola. après que j'ai décomposé la force fx et fy étant en pente 45 degrés, puis faisant un équilibre à la rotation en c j'ai trouvé fy qui est égal à fx et je trouve qu'il est pair à 4905. à ce stade J'ai schématisé le faisceau bc mettant les réactions de la charnière en b, tandis qu'en c en plus toujours aux réactions de la charnière j'ai également mis le fy=4905 n refusé que le fx tourné à gauche toujours pair à 4905. puis en réalisant les différents équilibres pour trouver les réactions que j'obtiens des résultats étranges avec même 3 réactions nulles. En outre, j'ai également la composante de la coupe et le moment où ils doivent réellement être nuls. Merci beaucoup à l'avance à ceux qui m'aideront

 

[meccanicamg]

si placé modèles et formules nous pouvons voir les étapes. alternativement libre ftool et voir ce qu'il vous fournit.
sur la poulie vous avez deux composants: une force vers le bas m•g et la valeur de tir m•g incliné de degrés alpha. ces deux forces sont déchargées sur la poulie.
dans a et b il y a des réactions horizontales et verticales étant deux charnières... puis 4 réactions.
Il faut y travailler un peu... des équations de la structure extérieure, puis casser et faire les nœuds intérieurs.

Pas de modèle, pas d'équations, pas de parti.

 

[Anto0002]

Je n'ai signalé que les premières étapes et la schématisation du faisceau de bc, je suis sûr que je manque quelque chose parce que pratiquement b b b réactions sortent les deux nul. J'espère que vous comprendrez mes passages

 

[meccanicamg]

Honnêtement, je ne comprends pas comment tu as organisé l'exercice.
sur la poulie les forces ne sont pas verticales. . C'est 45 degrés, donc vous avez dit.
Alors d'abord, tu dois faire les équations de la structure dans toto... pas casser.

 

[Anto0002]

Honnêtement, je ne comprends pas comment tu as organisé l'exercice.
sur la poulie les forces ne sont pas verticales. . C'est 45 degrés, donc vous avez dit.
Alors d'abord, tu dois faire les équations de la structure dans toto... pas casser.

étant incliné de 45 degrés la force que je mets avec le composant x et y. puis par sdc ils m'ont appris à étudier la structure pour les traits, une fois fait bc nous disons qu'ils sont bon point

 

[meccanicamg]

Si vous devez partir, considérez la poulie et l'éliminer. Donc vous devez mettre les forces équivalentes.
m•g=f qui est le tir de corde... puis les poulies loin et met les deux forces à son épingle.Les forces que j'ai marqué sont sur la poulie.
sur la structure doit être placé en face.

 

[Anto0002]

La force inclinée de la corde n'est-elle pas droite alors la briser avec fx et fy? Donc je n'ai pas à mettre de réaction de liaison sur l'épingle de poulie, mais dois-je les mettre seulement dans a et b ayant deux charnières ?

 

[meccanicamg]

Si vous voulez casser le f incliné et l'autre f dans deux directions (horizontale et verticale), vous pouvez le faire comme non parce que ou les bras orthogonaux aux forces ou les forces orthogonales aux bras.

puis vous prenez toute la structure, vous rapportez les forces sur l'épingle et vous marquez les réactions dans a et b.Maintenant vous devez écrire les équations d'équilibre de la structure... sans diviser les poutres.

 

[Anto0002]

ah, alors mon erreur était de considérer en c une charnière, donc je l'ai considéré comme une liaison interne reliant les deux faisceaux ac et bc.
dès que je peux placer la résolution des soldes

 

[meccanicamg]

alors clairement là-dedans vous aurez les forces peu communes du premier schéma. f gauche devient fo et fv. le bon f déjà cire... et puis ajouter les vecteurs deviendra les bons:
d'ici faire les équations sur l'ensemble de la structure.

 

[Marco F inox]

Je propose mon interprétation de ce problème, avec un dessin joint.

 

[meccanicamg]

une carrucola, indépendante du fait qu'elle est parallèle ou non du côté chargé de la corde et que l'homme tire du côté de la corde, aura la même valeur pour équilibrer.
si le tir de l'homme est 45 degrés et est égal à m vous ne pouvez pas avoir sur le centre poulies 2m parce que la verticale du tir de l'homme sera la décomposition verticale ... plus petit à ajouter à m.
seulement avec poulie avec corde de poids vertical et pierres de levage verticales vous aurez au centre broche 2m.

- Oui.

donc la solution pour post #11 ne peut pas être juste.

 

[Anto0002]

alors clairement là-dedans vous aurez les forces peu communes du premier schéma. f gauche devient fo et fv. le bon f déjà cire... et puis ajouter les vecteurs deviendra les bons:
Voir la pièce jointe 72454d'ici faire les équations sur l'ensemble de la structure.

à la fin du calcul des différentes réactions je me retrouve avec des diagrammes de contrainte calculés avec ftool

 

[Marco F inox]

la composante horizontale de la prise de vue de l'homme, est annulée par la liaison b, pour avoir l'équilibre la composante verticale doit nécessairement être égale à m.
Il vient un lancer d'homme plus haut que m, une charge de 2m sur c et puis le fz vers le haut a.
l'égalité entre les deux tirs sur la roue, avec n'importe quel angle, serait si tout était mis sur un plan horizontal,
Mais ici nous avons la force de gravité qui agit différemment sur les deux coups de corde, l'un vertical et l'autre incliné 45°.
Ce problème peut sembler simple, mais ce n'est pas le cas, alors il m'a fait et me fait réfléchir beaucoup.

 

[meccanicamg]

à la fin du calcul des différentes réactions je me retrouve avec des diagrammes de contrainte calculés avec ftool

de mon schéma que j'ai utilisé pour résumer ou vecteurs? être plus clair afin que nous éliminions les doutes.

 

[meccanicamg]

la composante horizontale de la prise de vue de l'homme, est annulée par la liaison b, pour avoir l'équilibre la composante verticale doit nécessairement être égale à m.
Il vient un lancer d'homme plus haut que m, une charge de 2m sur c et puis le fz vers le haut a.
l'égalité entre les deux tirs sur la roue, avec n'importe quel angle, serait si tout était mis sur un plan horizontal,
Mais ici nous avons la force de gravité qui agit différemment sur les deux coups de corde, l'un vertical et l'autre incliné 45°.
Ce problème peut sembler simple, mais ce n'est pas le cas, alors il m'a fait et me fait réfléchir beaucoup.

Je n'ai rien compris.

m génère un tir de corde m*g.
pour soulever m*g vous devez tirer avec une force sur la poulie égale à m*g générée avec un âne, un moteur ou autre.

voir baldassinimême si f est incliné, il vaut toujours m*g....économie de friction.
la corde pèse zéro.

 

[Marco F inox]

Le bon raisonnement, mais le g vaut 9,8 seulement quand on parle de mouvements verticaux.
lorsque le mouvement est incliné, comme dans notre cas, le g° vaut moins, c'est pourquoi f doit être plus grand, juste pour avoir l'équilibre: mg égal fg°.
le composant horizontal fx, n'aide pas, mais au lieu de freiner le levage de m et, cette force plus nécessaire, vous devez le prendre à l'homme de tir, qui est en effet augmenté.

 

[meccanicamg]

Le bon raisonnement, mais le g vaut 9,8 seulement quand on parle de mouvements verticaux.
lorsque le mouvement est incliné, comme dans notre cas, le g° vaut moins, c'est pourquoi f doit être plus grand, juste pour avoir l'équilibre: mg égal fg°.
le composant horizontal fx, n'aide pas, mais au lieu de freiner le levage de m et, cette force plus nécessaire, vous devez le prendre à l'homme de tir, qui est en effet augmenté.

C'est pas vrai.
sur la conception la force de la prise inclinée sur l'extrémité vaut numérique (en module) égal au poids de l'objet multiplié par 9,81.
ne vous demande pas de mettre un poids sur un plan incliné pour équilibrer le poids relevé.
si m=200 g=10 nous avons que la force verticale de la force de poids tire l'an 2000.
le rite des ominos sera f et vaut 2000 aussi. Peu importe l'inclinaison ou combien de poulies...

 

[Anto0002]

de mon schéma que j'ai utilisé pour résumer ou vecteurs? être plus clair afin que nous éliminions les doutes.

suivez tous vos raisonnements

 

[Marco F inox]

C'est pas vrai.
sur la conception la force de la prise inclinée sur l'extrémité vaut numérique (en module) égal au poids de l'objet multiplié par 9,81.
ne vous demande pas de mettre un poids sur un plan incliné pour équilibrer le poids relevé.
si m=200 g=10 nous avons que la force verticale de la force de poids tire l'an 2000.
le rite des ominos sera f et vaut 2000 aussi. Peu importe l'inclinaison ou combien de poulies...Voir la pièce jointe 72463

J'ai commis une erreur de mise en place, même si j'étais très convaincu, grâce à la participation et à la clarification.